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上体育课的时候，小蛮的老师经常带着同学们一起做游戏。这次，老师带着同学们一起做传球游戏。
游戏规则是这样的： n个同学站成一个圆圈，其中的一个同学手里拿着一个球，
当老师吹哨子时开始传球，每个同学可以把球传给自己左右的两个同学中的一个（左右任意）， 当老师再次吹哨子时，传球停止，此时，拿着球没有传出去的那个同学就是败者，要给大家表演一个节目。聪明的小蛮提出一个有趣的问题：有多少种不同的传球方法可以使得从小蛮手里开始传的球，传 m 次以后，
又回到小蛮手里。两种传球方法被视作不同的方法，当且仅当这两种方法中，接到球的同学按接球顺序组成的序列是不同的。 比如有三个同学1号,2号,3号，并假设小蛮为1号，球传了3次回到小蛮手里的方式有 1 → 3 → 2 → 1 1→3→2→1 1→3→2→1和 1 → 2 → 3 → 1 1→2→3→1 1→2→3→1 ，共 2 种。一行，有两个用空格隔开的整数 。
个整数，表示符合题意的方法数。
3 3
2
对于 % 100 \%100 %100 的数据满足： 3 ≤ n ≤ 30 ， 1 ≤ m ≤ 30 3\leq n\leq30，1\leq m\leq30 3≤n≤30，1≤m≤30。
设 f [ i ] [ j ] f[i][j] f[i][j]为传了 i i i次后，到第 j j j个人的方案数。
显而易见 f [ i ] [ j ] = f [ i − 1 ] [ j − 1 ] + f [ i − 1 ] [ j + 1 ] f[i][j]=f[i-1][j-1]+f[i-1][j+1] f[i][j]=f[i−1][j−1]+f[i−1][j+1]， 因为 f [ i ] [ j ] f[i][j] f[i][j]可以由上一次传球中传到左边的人和右边的人的方案数之和转移过来。 特别的： f [ 0 ] [ 1 ] = 1 f[0][1]=1 f[0][1]=1 f [ i ] [ 1 ] = f [ i − 1 ] [ n ] + f [ i − 1 ] [ j + 1 ] f[i][1]=f[i-1][n]+f[i-1][j+1] f[i][1]=f[i−1][n]+f[i−1][j+1] f [ i ] [ n ] = f [ i − 1 ] [ n − 1 ] + f [ i − 1 ] [ 1 ] f[i][n]=f[i-1][n-1]+f[i-1][1] f[i][n]=f[i−1][n−1]+f[i−1][1] 显然因为问题是一个环，第1个人的左边是n，第n个人的右边是1。 最后答案便是 f [ m ] [ 1 ] f[m][1] f[m][1]#includeusing namespace std;long long f[100][100],n,m;int main(){ cin>>n>>m; f[0][1]=1; for(int i=1; i<=m; i++)//枚举传球次数 { for(int j=1;j<=n;j++)//枚举传到第几个人 { if(j==1) f[i][j]=f[i-1][n]+f[i-1][j+1]; else if(j==n) f[i][j]=f[i-1][n-1]+f[i-1][1]; else f[i][j]=f[i-1][j-1]+f[i-1][j+1]; } } cout<
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